Lý thuyết mạch + bài tập có lời giải P2

Bài giải - Đáp số - chỉ dẫn1.1. a) Đầu tiên cần ghi nhớ: sđđ có chiều từ âm nguồn sang dương nguồn (hình 1.41), dòng điện mạch ngoài có chiều từ dương nguồn về âm nguồn, nên E = I .r0 + I .R = ΔU + U; I =E = 0,15A ; r0 + RΔSụt áp trên nguồn ΔU=I. r0=0,45V; Điện áp giữa 2 cực của nguồn: U=I. R=1,05=E-ΔU; b) Giải tương tự. 1.2. a) Hình 1.42. a)I= E1 − E 2 + E3 = 0,5 A ; r01 + r02 + r03U ab = −(E1 − I...
Nội dung trích xuất từ tài liệu:
Lý thuyết mạch + bài tập có lời giải P2 Bài giải - Đáp số - chỉ dẫn1.1. a) Đầu tiên cần ghi nhớ: sđđ có chiều từ âmnguồn sang dương nguồn (hình 1.41), dòng điện Δmạch ngoài có chiều từ dương nguồn về âm nguồn, Enên E = I .r0 + I .R = ΔU + U; I = = 0,15A ; r0 + RSụt áp trên nguồn ΔU=I. r0=0,45V; Điện áp giữa 2 cực của nguồn: U=I. R=1,05=E-ΔU;b) Giải tương tự.1.2. a) Hình 1.42. a) E1 − E 2 + E3 I= = 0,5 A ; r01 + r02 + r03U ab = −(E1 − I .r01 ) =− (12 − 0,5.4) = −10V ;U bc = E 2 + I .r02 = 18 + 0,5.3 = 19,5V ; U cd = −(E3 − I .r03 ) = −(10 − 0,5) = −9,5Vb) Nếu đổi chiều nguồn E2 như ở hình 1.42. b) E1 + E 2 + E3 40I= = = 2A ; U ab = −(E1 − I .r01 ) = −4V ; U bc = −(E 2 − I .r02 ) = −6V ; r01 + r02 + r03 + R 20U cd = −(E 3 − I .r03 ) = −8V Dấu “-” ở đây cho thấy chiều thực của các điện áp ngược với chiều trên hìnhvẽ.1.3. Mạch trên là không thể tồn tại trong trực tế. Với cách mắc như vậy buộc phảitính đến nội trở các nguồn. Nếu các nguồn có nội trở thì bài toán trở nên đơngiản. 24 − 121.4. I= = 0,24 A ; U = 24 − 0,24.30 = 16,8 V = 12 + 0,24.20 50 E E21.5. Khi ngắn mạch hai cực nguồn thì I = ; p = I 2 r0 = = 0,4 W r0 r0 E E2 Khi mắc mạch ngoài điện trở R thì I = ; p= R. r0 + R (r0 + R) 2Để công suất ra đạt max phải chọn biến số R thích hợp: để pmax thì p’=0: 33 (r0 + R) 2 − R.2(R + r ) p = E 2 = 0 Hay (r0 + R) 4 (r0 + R) 2 − 2R(R + r0 ) = r0 + 2rR + R 2 − 2R 2 − 2r0 R = r 2 − R 2 = 0 → 2 R = r0 2 E 0,4 p max R= r0 = = = 0,1 W = 100 mW 4r0 41.6. +Với điện áp thứ nhất: hình 1. u(t) [V]10. a): 5 a) ⎧0 khi t < 0 ⎪5t khi 0 ≤ 1s ⎪u(t ) = ⎨ . ⎪− 5t + 10 khi 1s ≤ t ≤ 2s 0 1 2 t [s] ⎪0 ⎩ khi 2s < t i(t) [A] b) 1 Đồ thị hình 1.43. a) 0 1 2 t [s] ⎧0 khi t < 0 p(t) [W] ⎪t khi 0 ≤ 1s u(t ) ⎪ 5 c) i(t)= = ⎨ . R ⎪− t + 2 khi 1s ≤ t ≤ 2s ⎪0 ⎩ khi 2s < t Đồ thị hình 1.43. b) 0 1 2 t [s] Công suất tức thời: H× nh1.43 u 2 (t ) p(t)=R. i2(t)= = R u(t) [V] a) ⎧0 khi t < 0 5 ⎪ 2 ⎪5t khi 0 ≤ 1s ⎨ 2 ⎪5(t − 4t + 4) khi 1s ≤ t ≤ 2s ⎪0 khi 2s < t 0 1 ⎩ 2 t [s] i(t) [A] b) Đồ thị hình 1.43c 1 Năng lượng tiêu tán dưới dạngnhiệt năng: 0 1 2 t [s] 1 1 t3 1 5 ...